高三2025新高考单科模拟综合卷(二)2化学(湖北)答案

2024-08-16 09:52:39 28

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参考答案第1练物质的分类物质的量1分子乙酸酐完全水解生成2分子乙酸，可得系数关系：(CH CO)2O~2CH COOH1.A【解析】氨化铝是一种新型陶瓷材料，属于无机非金属材用NaOH一甲醇溶液滴定乙酸，由步骤④可求得料，A项符合；氮化铝是化合物，不含金属键，不属于金属材料，(CH3C0)20的总物质的量为0.5cV2×10-3mol;B项不符合；氮化铝不含碳元素，不属于有机物，C项不符合；设ROH的物质的量为xmol,则发生醇解反应生成乙酸的物氮化铝是一种新型陶瓷，不属于复合材料，D项不符合。质的量为xmol;2.C【解析】置换反应是一种单质与一种化合物反应生成另一剩余乙酸酐的物质的量为(0.5cV2×10-3-x)mol,则发生种单质和另一种化合物的反应，此反应产物有两种单质，A项水解反应生成乙酸的物质的量为2(0.5cV2×10-3-x)mol;错误；Fe和FeO4都有磁性，都能被磁铁吸引，B项错误；一共生成乙酸的物质的量为NaOH中Na、H化合价均降低，NaOH是氧化剂，C项正确；钠[2(0.5cV2×10-3-x)+x]mol,易与空气中的氧气反应，将生成的气体在空气中冷却则得不滴定消耗甲醇的物质的量为cV1×10-3mol;到钠，D项错误。则2(0.5cV2X10-3-x)+x=cV1×10-3,3.C【解析】Cu2(OH)2CO,与稀硫酸反应生成硫酸铜、二氧化解得x=c(V2-V1)×10-3碳和水，没有元素化合价变化，不是氧化还原反应，C项错误。羟基的质量分数为4.C【解析】一个C02分子含有2个π键，题中未说明标准状况下，气体摩尔体积未知，无法计算π键个数，A项错误；2.8g1x1w%-=17eW,-V)x10×10m%-cW,-V)X17×100%1000mN的物质的量a-行-智nal=a,1no,生成1aolN转移故选A。11.(1)Cu0+H2S04CuS04+H2O的电子数为12Na,则生成0.1molN2转移的电子数为不产生SO2(或硫酸利用率高)1.2NA,B项错误；0.1 mol KNO3晶体含有离子为K+、NO3,(2)过滤干燥除尽铁和抑制CuSO4水解含有离子数目为0.2NA,C项正确；因为S2-水解使溶液中破坏Fe(OH)3胶体，易于过滤S2-的数目小于0.1NA,D项错误。【解析】(1)铜与浓硫酸在加热条件下反应的化学方程式为5.B【解析】常温常压下，不能利用22.4L/mol进行计算，A项错误；一个醋酸分子中含有8个共价键，6g(即0.1mol)Cu十2H,S0,△CuS0,+S0,++2H,0,硫酸利用率低且CH,COOH分子中含有共价键数为0.8NA,B项正确；CO?产生的SO2会污染大气；将工业废铜焙烧得到CuO,再用稀能部分水解，个数小于0.1NA,C项错误；S02与O2反应是可硫酸溶解CuO,可以避免生成SO2,同时可提高硫酸利用率。逆反应，不能进行到底，D项错误。(2)由于焙烧废铜得到的CuO中含有氧化铁，用硫酸溶解时6.A【解析】CO2为直线形分子，属于非极性分子，A项正确；产生Fe3+杂质，为除去CuSO4溶液中的Fe3+,应控制溶液ZO能与强碱反应生成盐和水，也能与强酸反应生成盐和水；pH为3.5~4，使Fe3+转化为Fe(OH)3,同时还可抑制ZnO属于两性氧化物，B项错误；ZnO与NaOH的反应中没有CuSO4水解，防止生成Cu(OH)2沉淀；煮沸l0min的作用是元素化合价发生变化，不属于氧化还原反应，C项错误；破坏Fe(OH)3胶体，促进Fe(OH)3沉淀的生成。Na2ZnO2在水溶液中电离产生Na+和ZnO,D项错误。12.4Zn0·Zn(0H)2[或Zn0和Zn(OH)2]7.C【解析】该反应中，Cu化合价降低，S化合价升高，Cu2S既【解析】1mol2ZnC03·3Zn(OH)2·2H20的质量为583g,是氧化剂又是还原剂，C项错误。当剩余固体质量为547g时，恰好脱去结晶水，547g固体为8.A【解析】2H2S+SO2一3S↓+2H20,0.2molH2S与2ZnC03·3Zn(OH)2;继续加热至固体为423g时，固体质量0.3molS02完全反应，最终转移0.4NA电子，A项正确；标准减少124g,其中有88gC02和36gH20,350℃时，剩余固状况下，HF为液体，不能确定其物质的量，B项错误；1个SF6体为4Zn0·Zn(OH)2[或ZnO和Zn(OH)2]。分子含6个S-F单键，则1 mol SF6分子含。键数为6NA,C13.(1)溶液由蓝色变成无色，且半分钟内无明显变化项错误；32g硫的单质含1molS,含S原子数为NA,D项(2)n(Na2S2O3)=0.03mol/L×12.00×10-3L错误。=3.6×10-4mol,关系式I03~3I2~6S2O3,9.CD【解析】未说明是否在标准状况下，不能直接利用22.4L/moln(I0)=6n(Na2S,0,)=6X10-5mol,进行计算，A项错误；LiN中只含有离子键，不含共价键，B项错误；LiN中Li为+1价，故0.7g(即0.1mol)Li参与第②c(IO)=6×10-5mol5.00×109元=1.2×102mol/L,步反应时，转移电子数为0.1NA,C项正确；第③步反应中各元c(Ca2+)=素化合价未发生变化，属于非氧化还原反应，D项正确。2c(I0)=6×10-3mol/L,10.A【解析】用cmol·L1NaOH-甲醇标准溶液滴定乙酸K sp[Ca(IO3)2]=c(Ca2+).c2(IO3)酐完全水解生成的乙酸，可以计算乙酸酐的总物质的量。=(6×10-3)×(1.2×10-2)2=8.64×10-71分子乙酸酐和1分子醇，发生醇解反应生成1分子乙酸和1分子乙酸酯，可得系数关系：第2练氧化还原反应(CH3 CO)2O~ROH~CH:COOH1.c【解析】使用明矾对水进行净化过程中，明矾电离出的铝离

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